OliForum Matematico

ahahahahahahahhahahahahahahahahahhahahahahahaha

ma è quello che penso io?

SiRiLi0N ha scritto:Già...mah. L'alternante può rispondere come gli pare, tanto per lei non fa nessuna differenza, sia che abbia capito la domanda, sia che non l'abbia capita.

E no! Dai, si presuppone che l'alternante sappia quando mente e quando non mente, non risponde mica a caso!

La 1): fai andare entrambe le clessidre, quando la prima finisce metti l'uovo. Quando finisce la seconda la giri, e la lasci terminare. Poi spegni. Già... Sono stato un po' a pensare se era possibile non sprecare i primi 7 minuti :) 1) credo che per evitare di sprecare i primi sette minuti si possa...

Non è

$ $ PC = \frac{R}{5} (2\sqrt{3} \pm \sqrt{7})$ $

??

In una circonferenza AB è il diametro e AC una corda che forma un angolo di 30° con AB. Determinare un punto P su AC tale che la corda MN passante per P e bisecata da P sia congruente a PB.

pic88 ha scritto:
La 1): fai andare entrambe le clessidre, quando la prima finisce metti l'uovo. Quando finisce la seconda la giri, e la lasci terminare. Poi spegni.

Già... Sono stato un po' a pensare se era possibile non sprecare i primi 7 minuti

la 4) vale per ogni base k > 2 infatti $ $ 11^2_k = (k+1)^2 = k^2 + 2k + 1 = 121_k $ $

Per la verità se mi ricordo bene:

- o(f(x))... ok come l'ha definita ponna

- g(x) = O(f(x)) se esiste M tale che g(x)/f(x) < M per ogni x. Cioè se il rapporto è limitato!

- g(x) ~ f(x) se risulta contemporaneamente g(x) = O(f(x)) e f(x) = O(g(x)) cioè se lim g(x)/f(x) = 1

Ehi Ponna allora magari si organizza una spedizione torinese... alex: niente di speciale: ti presenti all'ora stabilità al dipartimento di matematica, si compila un foglio con i dati, ti consegnano fogli di brutta e di bella e il testo della gara. Sono 7 problemi di diversa difficoltà e punteggio pe...

No non ti devi iscrivere. Ci sono andato l'anno scorso, è sufficiente presentarsi al momento della gara. Certo che Bari è un po' lontana... poi fai tu!

Anche io probabilmente andrò. Insieme al caro children of the forest

Ma siamo sicuri che quel k sia lo stesso di p = 4k +1 ?

Secondo me per dire che $ $ 2^p \not \equiv 1 \pmod{2p + 1} $ $ basta dire che $ $ 2p + 1 \equiv -1 \pmod{4}$ $.

Scelgo la seconda! :D Fisso un elemento. Allora per ognuno dei \displaystyle \binom{N-1}{k} sottoinsiemi X di k elementi che lo contengono esistono $d(k)$ partizioni distinte, formate dall'insieme X e da tutte le altre formate dai restanti k elementi. In effetti, basta "leggere" la formula...

scherzo, poi in realtà questa delirante formula calcola il numero di partizioni di un intero, quindi conta come uguali partizioni di 3 (1,2) e (2,1).