La ricerca ha trovato 160 risultati
- 06 apr 2013, 14:57
- Forum: Algebra
- Argomento: Un'Altra da Hojoo...
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Re: Un'Altra da Hojoo...
wlog $a\ge b\ge c$. Riscrivo il tutto come: $\frac 1 2(a-1)^2+\frac 1 2(b-1)^2+\frac 1 2(a-b)^2+(c-1)^2+c(a-1)(b-1)\ge 0$ Se $c\ge 1$ allora $a\ge b\ge c\ge 1$ quindi l'ultimo termine è positivo e siamo a posto. Se $c\le 1$ allora $\frac 1 2((a-1)^2+(b-1)^2)\ge |(a-1)(b-1)|\ge c(a-1)(b-1)$ e di nuov...
- 30 mar 2013, 15:12
- Forum: Algebra
- Argomento: [tex]P(x)[/tex]
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Re: [tex]P(x)[/tex]
ok finalmente ce l'ho fatta! Inizialmente avevo abbandonato la strada della norma crescente poi il suggerimento mi ha dato nuova fiducia xD metto quello che ho pensato sperando sia giusto, se volete provare per conto vostro non leggete :) in generale dati 2 vettori u,v e indicando con $|u|,|v|$ le l...
- 27 mar 2013, 01:46
- Forum: Algebra
- Argomento: [tex]P(x)[/tex]
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Re: [tex]P(x)[/tex]
Nessuno??
- 18 mar 2013, 20:55
- Forum: Algebra
- Argomento: [tex]P(x)[/tex]
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Re: [tex]P(x)[/tex]
up! Qualche idea? Io che sono piuttosto arrugginito ho trovato che funzionano i polinomi del tipo:
più ovviamente quello nullo... credo siano gli unici ma non son riuscito a dimostrarlo!
Testo nascosto:
- 26 feb 2013, 16:55
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- Argomento: Equazione funzionale cinese (i)
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Re: Equazione funzionale cinese (i)
amico hai delle idee sulle funzioni un po' molto confuse xD
- 11 feb 2013, 13:47
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- Argomento: $\prod_{i=0}^n{\tan(a_i)}\ge n^{n+1}$
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Re: $\prod_{i=0}^n{\tan(a_i)}\ge n^{n+1}$
hai sbagliato il verso alla fine... in realtà potresti accorgerti che con HM-GM è impossibile che venga perchè se un t_i andasse a 0 e tutti gli altri a infinito (caso limite) la somma dei reciproci andrebbe a infinito...
- 03 feb 2013, 18:08
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- Argomento: Con solo i razionali non si riesce
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Re: Con solo i razionali non si riesce
significa che senza O come punto di partenza la tesi sarebbe banalmente falsa perchè basterebbe prendere $P_i=(n-i+1,\frac 1 2)$
- 03 feb 2013, 16:12
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- Argomento: Funzionale carina
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Re: Funzionale carina
allora sono curioso di vedere la tua soluzione :) io ho pensato di fare cosi: lasciando perdere tutte le cose già viste in questo post partiamo direttamente già sapendo che f(-1)=-1/2 f(-1/2)=0 f(0)=1/2 quindi $f(x+\frac 1 2)=f(x)+\frac 1 2$ come già notato da matty. Di conseguenza $f(x+n)=f(x)+n$ c...
- 03 feb 2013, 15:50
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- Argomento: Con solo i razionali non si riesce
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Re: Con solo i razionali non si riesce
immagino si sia anche $OP_1$...
- 01 feb 2013, 13:36
- Forum: Algebra
- Argomento: Funzionale carina
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Re: Funzionale carina
$f(x+1/2)=f(f(x)) \implies f(x)=x+1/2$ questo è il punto cruciale, per poter dire ciò devi sapere che la funzione è iniettiva che comuque pare l'unica strada possibile, ed effettivamente si riesce a dimostrare ma non è per nulla facile, provaci! Bisogna partire dall'ipotizzare che esistano a e b di...
- 11 gen 2013, 00:18
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- Argomento: Disuguaglianzione
- Risposte: 11
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Re: Disuguaglianzione
ma da quando si usa analisi 2 alle olimpiadi?? Si vede che son vecchio ormai! Una soluzione molto easy: attraverso poche semplici manipolazioni algebriche la disuguaglianza è equivalente a $\displaystyle \sum_{i=1}^n \frac {x_i} {n-1+x_i} \ge 1$ ora usiamo CS nel modo più ignorante possibile e trovi...
- 13 dic 2012, 05:43
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- Argomento: Serie a doppio indice per ricorrenza :)
- Risposte: 4
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Re: Serie a doppio indice per ricorrenza :)
hintone (che forse è quasi indispensabile se uno non ha mai visto questa cosa):
ovviamente se non lo conoscevate provate a dimostrarlo
Testo nascosto:
- 07 dic 2012, 17:22
- Forum: Algebra
- Argomento: 71. Da un minimo a un massimo
- Risposte: 19
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Re: 71. Da un minimo a un massimo
grazie per il typo, ora ho corretto! Comunque la tua proposta che in effetti è l'AM-GM pesata che dicevo (solo che io consideravo il tutto a "coppie") ha quel tocco di eleganza in più che cercavo, complimenti
- 04 dic 2012, 19:58
- Forum: Algebra
- Argomento: 71. Da un minimo a un massimo
- Risposte: 19
- Visite : 4781
Re: 71. Da un minimo a un massimo
dato che nessuno risponde e io ho tempo da perdere piazzo la mia orrenda soluzione. Premetto che paradossalmente con le derivate non sono riuscito a farlo perchè veniva un obrobrio mai visto. Allora riscrivo la funzione come: $\displaystyle f(x)=\frac {x+x^2...+x^{n-1}}{1+x^n}+\frac {x^n}{(1+x^n)^2}...
Re: Dall'Iran
altra soluzione:
per cauchy schwarz $ \displaystyle x\sqrt y+y\sqrt z+z\sqrt x \le \sqrt{(xy+yz+xz)(x+y+z)} $
da qui in poi sono solo pochi conti
per cauchy schwarz $ \displaystyle x\sqrt y+y\sqrt z+z\sqrt x \le \sqrt{(xy+yz+xz)(x+y+z)} $
da qui in poi sono solo pochi conti