1) $ \displaystyle \frac{a+3}{(a+1)^2} +\frac{b+3}{(b+1)^2}+ \frac{c+3}{(c+1)^2} \geq 3 $ con $ abc \leq 1 $
2) $ \displaystyle \frac 2{(1+a)^4}+\frac 2{(1+b)^4}+\frac 2{(1+c)^4}+\frac 2{(1+d)^4} \geq \frac 1{1+abcd} $
Ovviamente tutti reali positivi...
EDIT: oooops
Disuguaglianze interessanti...
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Ultima modifica di Simo_the_wolf il 15 mar 2007, 04:07, modificato 1 volta in totale.
- pi_greco_quadro
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ok allora adesso per farmi perdonare posto anche tutti i conti per bene
Dunque prima di tutto stabiliamo il seguente lemma che si rivelerà moooolto utile nella dimostrazione
Siano x,y reali positivi, allora vale
$ \displaystyle \frac{1}{(1+x)^2}+\frac{1}{(1+y)^2}\geq \frac{1}{1+xy} $
Sviluppando e semplificando otteniamo infatti che la condizione è equivalente a $ \displaystyle 1-2xy+x^3y+xy^3-x^2y^2\geq 0 $, d'altra parte $ \displaystyle LHS\geq 1-2xy+2x^2y^2-x^2y^2=(1-xy)^2\geq 0 $, con uguaglianza sse $ \displaystyle xy=1 $
Ok, siamo pronti per la dimostrazione vera e propria. (Ogni simbolo di sommatoria sottintende una somma ciclica)
Riscriviamo il tutto in primo luogo come $ \displaystyle (1+abcd)\left(\sum\frac{1}{(1+a)^4} \right)\geq \frac{1}{2} $
Ora, per Cauchy e per il lemma iniziale vale la seguente
$ \displaystyle \left(\frac{1}{(1+a)^4}+\frac{1}{(1+b)^4}\right)(1+1)\geq \left(\frac{1}{(1+a)^2}+\frac{1}{(1+b)^2}\right)^2\geq $ $ \displaystyle \frac{1}{(1+ab)^2} $
Ovvero
$ \displaystyle \left(\sum\frac{1}{(1+a)^4} \right)\geq \frac{1}{2}\cdot\left( \frac{1}{(1+ab)^2}+\frac{1}{(1+cd)^2}\right) $
A questo punto possiamo concludere usando un'ultima volta il lemma iniziale, infatti
$ \displaystyle (1+abcd)\left(\sum\frac{1}{(1+a)^4} \right) $ $ \displaystyle \geq\frac{1}{2}(1+abcd)\cdot\left( \frac{1}{(1+ab)^2}+\frac{1}{(1+cd)^2}\right)\geq $ $ \displaystyle \frac{1}{2}(1+abcd)\cdot\left(\frac{1}{(1+abcd)}\right)=\frac{1}{2} $
Ah, dimenticavo quando vale il caso di uguaglianza, beh per le condizioni poste sul lemma dovremmo avere necessariamente $ \displaystyle a=b=c=d=1 $
Dunque prima di tutto stabiliamo il seguente lemma che si rivelerà moooolto utile nella dimostrazione
Siano x,y reali positivi, allora vale
$ \displaystyle \frac{1}{(1+x)^2}+\frac{1}{(1+y)^2}\geq \frac{1}{1+xy} $
Sviluppando e semplificando otteniamo infatti che la condizione è equivalente a $ \displaystyle 1-2xy+x^3y+xy^3-x^2y^2\geq 0 $, d'altra parte $ \displaystyle LHS\geq 1-2xy+2x^2y^2-x^2y^2=(1-xy)^2\geq 0 $, con uguaglianza sse $ \displaystyle xy=1 $
Ok, siamo pronti per la dimostrazione vera e propria. (Ogni simbolo di sommatoria sottintende una somma ciclica)
Riscriviamo il tutto in primo luogo come $ \displaystyle (1+abcd)\left(\sum\frac{1}{(1+a)^4} \right)\geq \frac{1}{2} $
Ora, per Cauchy e per il lemma iniziale vale la seguente
$ \displaystyle \left(\frac{1}{(1+a)^4}+\frac{1}{(1+b)^4}\right)(1+1)\geq \left(\frac{1}{(1+a)^2}+\frac{1}{(1+b)^2}\right)^2\geq $ $ \displaystyle \frac{1}{(1+ab)^2} $
Ovvero
$ \displaystyle \left(\sum\frac{1}{(1+a)^4} \right)\geq \frac{1}{2}\cdot\left( \frac{1}{(1+ab)^2}+\frac{1}{(1+cd)^2}\right) $
A questo punto possiamo concludere usando un'ultima volta il lemma iniziale, infatti
$ \displaystyle (1+abcd)\left(\sum\frac{1}{(1+a)^4} \right) $ $ \displaystyle \geq\frac{1}{2}(1+abcd)\cdot\left( \frac{1}{(1+ab)^2}+\frac{1}{(1+cd)^2}\right)\geq $ $ \displaystyle \frac{1}{2}(1+abcd)\cdot\left(\frac{1}{(1+abcd)}\right)=\frac{1}{2} $
Ah, dimenticavo quando vale il caso di uguaglianza, beh per le condizioni poste sul lemma dovremmo avere necessariamente $ \displaystyle a=b=c=d=1 $
Ultima modifica di pi_greco_quadro il 22 mag 2007, 15:04, modificato 4 volte in totale.
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