equazioncina con le incognite ai denominatori
equazioncina con le incognite ai denominatori
Dai, questo è veramente facilotto
Sia data l'equazione
$ \displaystyle \frac1x+\frac1y=\frac1p $
con x, y, p interi.
Le soluzioni (x, y) e (y, x) sono da considerarsi distinte.
a) Provare che se p è primo allora si hanno esattamente 3 soluzioni
b) trovare il numero di soluzioni per p intero generico
good work
EDIT: interi positivi
Sia data l'equazione
$ \displaystyle \frac1x+\frac1y=\frac1p $
con x, y, p interi.
Le soluzioni (x, y) e (y, x) sono da considerarsi distinte.
a) Provare che se p è primo allora si hanno esattamente 3 soluzioni
b) trovare il numero di soluzioni per p intero generico
good work
EDIT: interi positivi
Ultima modifica di salva90 il 23 ago 2007, 10:10, modificato 1 volta in totale.
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\tau(p^2)...dopo aver eliminato i denominatori aggiungi p^2 da entrambe le parti e raccogli
Ultima modifica di marco-daddy il 23 ago 2007, 10:17, modificato 1 volta in totale.
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1) Svolgendo ottengo $ yp+xp=xy $, portando al secondo membro ho $ xy-xp-yp=0 $ e sommando $ p^2 $ da entrambe le parti ho $ xy-xp-yp+p^2=p^2 $, raccogliendo a sinistra ho $ (x-p)(y-p)=p^2 $.
p è primo, quindi le terne di fattori interi che danno $ p^2 $ sono $ p^2 $ e 1, $ p $ e $ p $, 1 e $ p^2 $.
Pongo un sistema con i fattori a sinistra - $ (x-p) $ e $ (y-p) $ - uguali ai possibili fattori a destra. Ho quindi tre soluzioni.
2) Azzardo - e per ora mi fermo a $ N^+ $
Se l'intero è scomponibile in primi tutti diversi, cioè p=abc.. con p intero, per ottenere le scelte del primo fattore, da cui dipende poi il secondo, devo sommare, detto n il numero dei fattori primi diversi, le combinazioni di n classe 1, di n classe 2...fino a quelle di n classe n-1, e a questi devo aggiungere 1 e il numero stesso, non contati.
Se un fattore si ripete, faccio come prima ma tengo conto della ripetizione nel calcolo
p è primo, quindi le terne di fattori interi che danno $ p^2 $ sono $ p^2 $ e 1, $ p $ e $ p $, 1 e $ p^2 $.
Pongo un sistema con i fattori a sinistra - $ (x-p) $ e $ (y-p) $ - uguali ai possibili fattori a destra. Ho quindi tre soluzioni.
2) Azzardo - e per ora mi fermo a $ N^+ $
Se l'intero è scomponibile in primi tutti diversi, cioè p=abc.. con p intero, per ottenere le scelte del primo fattore, da cui dipende poi il secondo, devo sommare, detto n il numero dei fattori primi diversi, le combinazioni di n classe 1, di n classe 2...fino a quelle di n classe n-1, e a questi devo aggiungere 1 e il numero stesso, non contati.
Se un fattore si ripete, faccio come prima ma tengo conto della ripetizione nel calcolo
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@bruno222: il problema chiede quante sono gli (x,y) che vanno bene con p fissato...ora tu hai trovata una soluzione: (2p,2p) devi dimostrare che ce ne sono solo altre due per ogni p
@czap:
@czap:
Questa è teoria dei numeri non ci inventiamo cose strane del tipo $ \frac{1}{0} $!!czap ha scritto:anch'io ! ma non c'è scrittoZoidberg ha scritto:Io i vari zeri li escluderei a priori... o no?
per P=primo
sapendo che x>p e y>p -->x=p+r,y=p+z
(p+r)(p+z)=p(2p+r+z)-->sviluppando-->p^2+rp+zp+zr=2p^2+rp+zp-->rz=p^2
quindi o a=b=p oppure una dei due numeri fra a e b è 1 e a l'altro è p^2
praticamente da qui si possono ricavare le sol (2p,2p);(p+1,p^2+p);(p^2+p,p+1)
per ora nn mi viene in mente altro,quando sto meglio ci ripenso
sapendo che x>p e y>p -->x=p+r,y=p+z
(p+r)(p+z)=p(2p+r+z)-->sviluppando-->p^2+rp+zp+zr=2p^2+rp+zp-->rz=p^2
quindi o a=b=p oppure una dei due numeri fra a e b è 1 e a l'altro è p^2
praticamente da qui si possono ricavare le sol (2p,2p);(p+1,p^2+p);(p^2+p,p+1)
per ora nn mi viene in mente altro,quando sto meglio ci ripenso
non vorrei sembrare pedante, perché di solito non lo sono , ma quando studiavo mi hanno insegnato che le diverse "ipotesi" di cui è costituito un problema vanno indicate esplicitamente, e non "dedotte" dalla forma in cui il problema viene presentato; tanto per fare un esempio, dove dice "con x, y, p interi" si escludono quelli < 0 ? scritto così non direi ... EDIT: ora ho visto l'edit ! sia detto col massimo dello spirito colloquiale e senza nessun intento offensivo (nei forum non si sa mai ... si fa presto ad essere fraintesi !)marco-daddy ha scritto:@bruno222: il problema chiede quante sono gli (x,y) che vanno bene con p fissato...ora tu hai trovata una soluzione: (2p,2p) devi dimostrare che ce ne sono solo altre due per ogni p
@czap:Questa è teoria dei numeri non ci inventiamo cose strane del tipo $ \frac{1}{0} $!!czap ha scritto:anch'io ! ma non c'è scrittoZoidberg ha scritto:Io i vari zeri li escluderei a priori... o no?
Perché nella vita quotidiana "vediamo" così tanta materia e così poca antimateria ?
[url=http://userbarmaker.com/][img]http://img513.imageshack.us/img513/7474/991186840448qj4.png[/img][/url]
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Ora l'edit ha chiarito tutto ma...
Credo che in aritmetica la scrittura $ \frac{a}{0} $ con $ a\neq 0 $ si consideri "impossibile", senza possibilità di appello..
Non è come in analisi matematica, in cui (se $ a\neq 0 $) $ \frac{a}{0}=\infty $ (chiedo ovviamente scusa per l'abuso del simbolo di uguaglianza e per l'omissione del limite).
Credo che in aritmetica la scrittura $ \frac{a}{0} $ con $ a\neq 0 $ si consideri "impossibile", senza possibilità di appello..
Non è come in analisi matematica, in cui (se $ a\neq 0 $) $ \frac{a}{0}=\infty $ (chiedo ovviamente scusa per l'abuso del simbolo di uguaglianza e per l'omissione del limite).